本文最后更新于 687 天前,其中的信息可能已经有所发展或是发生改变。
A. Division?
题目大意
- 按照分数区间输出对应的难度。
思想:
- 签到题。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
void solve(){
int n; cin >> n;
cout << "Division ";
if(n <= 1399) cout << 4 << endl;
else if(n <= 1599 && n >= 1400) cout << 3 << endl;
else if(n >= 1600 && n <= 1899) cout << 2 << endl;
else cout << 1 << endl;
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}
B. Triple
题目大意:
- 判断一个序列是否存在某个数至少出现了三次。
思想:
- 签到题。
- 用
map<int,int>
存出现次数。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
void solve(){
int n; cin >> n;
int flag = -1;
map<int, int> st;
for(int i = 0; i < n; i ++){
int x; cin >> x;
st[x] ++;
if(st[x] >= 3) flag = x;
}
cout << flag << endl;
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}
C. Odd/Even Increments
题目大意:
- 给定一个序列 $a$,对于其中的元素可以进行如下操作:
- 将下标为奇数的元素 $a_i$ 变为 $a_i+ 1$。
- 将下标为偶数的元素 $a_i$ 变为 $a_i + 1$。
- 判断如上述操作之后,序列是否可以变成只含有奇数或者只含有偶数的序列。
思想:
- 签到题。
- 判断下标为奇数的元素的奇数个数和偶数个数,要么全为奇数,要么全是偶数。
- 判断下标为偶数的元素的奇数个数和偶数个数,要么全为奇数,要么全是偶数。
- 只有上述两个条件都满足时,才能符合题意。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
void solve(){
int n; cin >> n;
int odd1 = 0, even1 = 0;
int odd2 = 0, even2 = 0;
for(int i = 0; i < n; i ++){
int x; cin >> x;
if(i % 2 == 0){
if(x % 2 == 0) even2 ++;
else odd2 ++;
}
else{
if(x % 2 == 0) even1 ++;
else odd1 ++;
}
}
if((odd1 == 0 || even1 == 0) && (odd2 == 0 || even2 == 0)) cout << "YES" << endl;
else cout << "NO" << endl;
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}
D. Colorful Stamp
题目大意:
- 一个只包含 $W$ 字符串 $S$ 可以进行如下变换:
- 将任意相邻的两个字符变为 $RB$ 或 $BR$。
- 现给出一个变换之后的字符串 $S$,问是否可以从最初全是 $W$ 的状态转换为当前状态。
思想:
- 模拟。
- 特判 $S$ 长度为 $1$ 和 $2$ 的情况。
- 其余情况我们以 $S$ 中的每一个 $W$ 来切割,判断字串的状态:
- 当字串长度小于 $2$ 时,只有 $RB$ 或 $BR$ 符合条件;
- 当字串长度大于 $2$ 时,只含有 $R$ 或者只含有 $B$ 时不符合条件.
- 模拟完成后,特判被最后一个 $W$ 分割之后剩余的字串即可。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
void solve(){
int n; cin >> n;
string s; cin >> s;
//特判两种情况
if(s.size() == 1){
if(s == "W") cout << "YES" << endl;
else cout << "NO" << endl;
}
else if(s.size() == 2){
if(s == "RB" || s == "WW" || s == "BR") cout << "YES" << endl;
else cout << "NO" << endl;
}
else{
//将 S 以 W 进行分割,判断每个 W 分割的字串
int r = 0, b = 0;
for(int i = 0; i < n; i ++){
if(s[i] == 'W'){ //当遇到 W 则判断截至到上一个 W 的字串的情况
if(r + b < 2){ //小于 2 时
if(r == b && r == 0) continue; //上一个字串不含 RB 跳过
else{
cout << "NO" << endl; //否则无法变成,直接返回
return ;
}
}
else{ //大于 2 时
if(r == 0 || b == 0){ //只含有 R 或者只含有 B 无法满足,直接返回
cout << "NO" << endl;
return ;
}
else r = b = 0; //否则可以满足,此时重置字串状态
}
}
else{ //没遇到 W 更新字串状态
if(s[i] == 'R') r ++;
else b ++;
}
}
if(r + b < 2){ //扫完 S 剩余的最后一个 W 切割的字串
if(r == b && b == 0) cout << "YES" << endl;
else cout << "NO" << endl;
}
else{
if(r == 0 || b == 0) cout << "NO" << endl;
else cout << "YES" << endl;
}
}
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}
E. 2-Letter Strings
题目大意:
- 给定 $n$ 个长度为 $2$ 的只含有小写字母 $a\sim k$ 的字符串 $S$。
- 判断有多少对这样的字符串,满足其中一个对应位置的字母不同,而另一个位置相同。
思想:
- 离散化。
- 记录所有相同的 $S$ 的数量。
- 每次加入新的 $S$ 枚举进行统计。
- 字符只有 $a\sim k$,组合共 $11^2$ 种组合,最坏的情况为 $11^2\times 2\times 10^5$ ,实际远小于该时间复杂度。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
bool check(string s1, string s2){
if(s1[0] == s2[0] && s1[1] != s2[1]) return 1;
if(s1[0] != s2[0] && s1[1] == s2[1]) return 1;
return 0;
}
void solve(){
LL sum = 0;
map<string, LL> st;
int n; cin >> n;
for(int i = 0; i < n; i ++){
string s; cin >> s;
st[s] ++;
for(auto &p : st){
if(check(p.fi, s)) sum += p.se;
}
}
cout << sum << endl;
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
// cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}
F. Eating Candies
题目大意
- 给定若干个糖及其重量 $w_i$。
- 两个人从两头开始吃,不能跳过顺序。
- 保证两人吃到的重量相同的情况下,最多能吃掉几颗糖。
思想:
- 双指针,模拟。
- 分别记录两人当前吃掉的糖的重量。
- 当前一个人吃掉的重量大于后一个人,则后一个人吃糖(指针移动),反之亦然。
- 每当吃掉的糖重量相等时,更新吃掉的糖果的数量。
代码:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <sstream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(nullptr),cout.tie(nullptr)
#define re register
#define fi first
#define se second
#define endl '\n'
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
const int N = 1e6 + 3;
const int INF = 0x3f3f3f3f, mod = 1e9 + 7;
const double eps = 1e-6, PI = acos(-1);
LL a[N];
void solve(){
int n; cin >> n;
for(int i = 1; i <= n; i ++) cin >> a[i];
int l = 1, r = n;
LL sum = 0;
LL x = 0, y = 0;
while(l <= r){
if(x == y) sum = l + n - r - 1;
if(x <= y) x += a[l ++];
else y += a[r --];
}
if(x == y) sum = n;
cout << sum << endl;
}
int main(){
IOS;
int _ = 1;
cin >> _;
while(_ --){
solve();
}
return 0;
}